왜 사용하여 건설 공사를 auto_ptr은하지 않는 = 구문

Question

내가 컴파일러 나에게 많은 이해가되지 않았다 오류로 실행 :

#include <memory> 
using namespace std; 

auto_ptr<Table> table = db->query("select * from t"); 

오류 : 비 스칼라 유형 '테이블 *'에서 변환 '

auto_ptr<Table> table(db->query("select * from t")); 

그것은 내가 예상대로 작동 할 수없는 생성자의 definiton에 대해 무엇입니까 : 표준 : : auto_ptr은이 < 표> ', 그러나 다음 줄이하는 일을

을 요청? 초기화 된 선언은 생성자를 사용한다고 생각했습니다.

explicit 
auto_ptr(element_type* __p = 0) throw() : _M_ptr(__p) { } 

Answer 1

그것은 "명시 적"키워드입니다 :

내 생각 엔 당신이 다른 같은 후 여러 쿼리를 사용하도록 지정 양식을 필요로한다는 것입니다.

template <typename T> 
struct foo 
{ 
    explicit foo(T const *) 
    { 
    } 
}; 


template <typename T> 
struct bar 
{ 
    bar(T const *) 
    { 
    } 
}; 


int main(int argc, char **argv) 
{ 
    int a; 
    foo<int> f = &a; // doesn't work 
    bar<int> b = &a; // works 
} 

"명시 적"키워드는 생성자가 암시 적 유형 변환에 사용되는 것을 방지합니다. 다음 두 함수 프로토 타입을 고려 : 그 정의와

void baz(foo<int> const &); 
void quux(bar<int> const &); 

을 int 형 포인터로 두 함수를 호출하려고 :

baz(&a); // fails 
quux(&a); // succeeds 

을 quux의 경우, 사용자의 INT 포인터는 암시 적으로 바로 전환했다. 고려, 다른 사람들이 댓글을 달았 것에 다음 (오히려 바보) 코드를 확장하려면 : : 편집

무엇 로타에 추가

void bar(std::auto_ptr<int>); 


int main(int argc, char **argv) 
{ 
    bar(new int()); // probably what you want. 

    int a; 
    bar(&a); // ouch. auto_ptr would try to delete a at the end of the 
      // parameter's scope 

    int * b = new int(); 
    bar(b); 
    *b = 42; // more subtle version of the above. 
}